Video lekcija "Jednačina tangente na graf funkcije" demonstrira edukativni materijal da savladaju temu. Tokom video lekcije opisan je teorijski materijal potreban za formulisanje koncepta jednadžbe tangente na graf funkcije u datoj tački, algoritam za pronalaženje takve tangente i primjeri rješavanja problema korištenjem proučavanog teorijskog materijala. .
Video tutorijal koristi metode koje poboljšavaju jasnoću materijala. Prezentacija sadrži crteže, dijagrame, važne glasovne komentare, animacije, isticanje i druge alate.
Video lekcija počinje prezentacijom teme lekcije i slikom tangente na graf neke funkcije y=f(x) u tački M(a;f(a)). Poznato je da je ugaoni koeficijent tangente ucrtane na graf u datoj tački jednak izvodu funkcije f΄(a) u ovoj tački. Takođe iz kursa algebre znamo jednačinu prave y=kx+m. Šematski je prikazano rješenje problema nalaženja tangentne jednačine u tački, što se svodi na nalaženje koeficijenata k, m. Poznavajući koordinate tačke koja pripada grafu funkcije, možemo pronaći m zamjenom vrijednosti koordinata u tangentnu jednačinu f(a)=ka+m. Iz njega nalazimo m=f(a)-ka. Dakle, znajući vrijednost derivacije u datoj tački i koordinate tačke, tangentnu jednačinu možemo predstaviti na ovaj način y=f(a)+f΄(a)(x-a).
Sljedeći je primjer sastavljanja tangentne jednadžbe prema dijagramu. Zadata funkcija y=x 2 , x=-2. Uzimajući a=-2, nalazimo vrijednost funkcije u datoj tački f(a)= f(-2)=(-2) 2 =4. Određujemo derivaciju funkcije f΄(x)=2x. U ovoj tački derivacija je jednaka f΄(a)= f΄(-2)=2·(-2)=-4. Za sastavljanje jednačine pronađeni su svi koeficijenti a=-2, f(a)=4, f΄(a)=-4, tako da je tangentna jednačina y=4+(-4)(x+2). Pojednostavljujući jednačinu, dobijamo y = -4-4x.
Sljedeći primjer sugerira konstruiranje jednadžbe za tangentu u početku na graf funkcije y=tgx. U datoj tački a=0, f(0)=0, f΄(x)=1/cos 2 x, f΄(0)=1. Dakle, jednačina tangente izgleda kao y=x.
Kao generalizaciju, proces sastavljanja jednadžbe tangente na graf funkcije u određenoj tački je formaliziran u obliku algoritma koji se sastoji od 4 koraka:
- Unesite oznaku a za apscisu tačke tangente;
- f(a) se izračunava;
- Određuje se f΄(x) i izračunava se f΄(a). Pronađene vrijednosti a, f(a), f΄(a) se supstituiraju u formulu tangentne jednačine y=f(a)+f΄(a)(x-a).
Primjer 1 razmatra sastavljanje tangentne jednadžbe na graf funkcije y=1/x u tački x=1. Za rješavanje problema koristimo algoritam. Za datu funkciju u tački a=1, vrijednost funkcije f(a)=-1. Derivat funkcije f΄(x)=1/x 2. U tački a=1 derivacija f΄(a)= f΄(1)=1. Koristeći dobijene podatke, sastavlja se tangentna jednačina y=-1+(x-1), odnosno y=x-2.
U primjeru 2 potrebno je pronaći jednadžbu tangente na graf funkcije y=x 3 +3x 2 -2x-2. Glavni uslov je paralelnost tangente i prave linije y=-2x+1. Prvo, nalazimo ugaoni koeficijent tangente, jednak ugaonom koeficijentu prave linije y=-2x+1. Pošto je f΄(a)=-2 za datu pravu, onda je k=-2 za željenu tangentu. Nalazimo derivaciju funkcije (x 3 +3x 2 -2x-2)΄=3x 2 +6x-2. Znajući da je f΄(a)=-2, nalazimo koordinate tačke 3a 2 +6a-2=-2. Nakon što smo riješili jednačinu, dobijamo a 1 =0, a 2 =-2. Koristeći pronađene koordinate, možete pronaći jednadžbu tangente pomoću dobro poznatog algoritma. Nalazimo vrijednost funkcije u tačkama f(a 1)=-2, f(a 2)=-18. Vrijednost derivacije u tački f΄(a 1)= f΄(a 2)=-2. Zamjenom pronađenih vrijednosti u tangentnu jednačinu dobijamo za prvu tačku a 1 =0 y=-2x-2, a za drugu tačku a 2 =-2 tangentnu jednačinu y=-2x-22.
Primjer 3 opisuje sastav jednadžbe tangente za njeno crtanje u tački (0;3) na grafiku funkcije y=√x. Rješenje je napravljeno pomoću dobro poznatog algoritma. Tačka tangente ima koordinate x=a, gdje je a>0. Vrijednost funkcije u tački f(a)=√x. Derivat funkcije f΄(h)=1/2√h, dakle u datoj tački f΄(a)=1/2√a. Zamjenom svih dobijenih vrijednosti u tangentnu jednačinu, dobijamo y = √a + (x-a)/2√a. Transformisanjem jednačine dobijamo y=x/2√a+√a/2. Znajući da tangenta prolazi kroz tačku (0;3), nalazimo vrijednost a. Nalazimo a iz 3=√a/2. Dakle, √a=6, a=36. Pronalazimo tangentnu jednačinu y=x/12+3. Na slici je prikazan graf razmatrane funkcije i konstruisana željena tangenta.
Učenici se podsjećaju na približne jednakosti Δy=≈f΄(x)Δx i f(x+Δx)-f(x)≈f΄(x)Δx. Uzimajući x=a, x+Δx=x, Δx=x-a, dobijamo f(x)- f(a)≈f΄(a)(x-a), dakle f(x)≈f(a)+ f΄( a)(x-a).
U primjeru 4 potrebno je pronaći približnu vrijednost izraza 2,003 6. Pošto je potrebno pronaći vrijednost funkcije f(x) = x 6 u tački x = 2,003, možemo koristiti dobro poznata formula, uzimajući f(x)=x 6, a=2, f(a)= f(2)=64, f΄(x)=6x 5. Derivat u tački f΄(2)=192. Dakle, 2,003 6 ≈65-192·0,003. Kada smo izračunali izraz, dobijamo 2,003 6 ≈64,576.
Video lekcija “Jednačina tangente na graf funkcije” preporučuje se za korištenje u tradicionalnoj lekciji matematike u školi. Za nastavnika koji predaje na daljinu, video materijal će pomoći da se jasnije objasni tema. Video se može preporučiti učenicima da samostalno pregledaju ako je potrebno kako bi produbili svoje razumijevanje predmeta.
DEKODIRANJE TEKSTA:
Znamo da ako tačka M (a; f(a)) (em sa koordinatama a i ef iz a) pripada grafu funkcije y = f (x) i ako je u ovoj tački moguće povući tangentu na graf funkcije koji nije okomit na apscisu ose, tada je ugaoni koeficijent tangente jednak f"(a) (eff prost iz a).
Neka su data funkcija y = f(x) i tačka M (a; f(a)), a poznato je i da f´(a) postoji. Napravimo jednačinu za tangentu na graf date funkcije u datoj tački. Ova jednadžba, kao i jednadžba bilo koje prave linije koja nije paralelna s ordinatnom osom, ima oblik y = kx+m (y je jednako ka x plus em), tako da je zadatak pronaći vrijednosti koeficijenti k i m (ka i em)
Koeficijent ugla k= f"(a). Za izračunavanje vrijednosti m koristimo činjenicu da željena prava linija prolazi kroz tačku M(a; f (a)). To znači da ako zamijenimo koordinate tačke M u jednačinu prave, dobijamo tačnu jednakost: f(a) = ka+m, odakle nalazimo da je m = f(a) - ka.
Ostaje zamijeniti pronađene vrijednosti koeficijenata ki i m u jednadžbu prave linije:
y = kx+(f(a) -ka);
y = f(a)+k(x-a);
y= f(a)+ f"(a) (x- a). ( y je jednako ef iz plus ef prostog broja iz a, pomnoženo sa x minus a).
Dobili smo jednadžbu za tangentu na graf funkcije y = f(x) u tački x=a.
Ako je, recimo, y = x 2 i x = -2 (tj. a = -2), onda je f (a) = f (-2) = (-2) 2 = 4; f´(x) = 2x, što znači f"(a) = f´(-2) = 2·(-2) = -4. (tada je ef od a jednak četiri, ef od prostog broja x je jednako dva x, što znači da je ef prosto iz a jednako minus četiri)
Zamjenom pronađenih vrijednosti a = -2, f(a) = 4, f"(a) = -4 u jednačinu dobijamo: y = 4+(-4)(x+2), tj. y = -4x -4.
(E je jednako minus četiri x minus četiri)
Napravimo jednačinu za tangentu na graf funkcije y = tgx (grč. jednaka tangenti x) na početku. Imamo: a = 0, f(0) = tan0=0;
f"(x)= , što znači f"(0) = l. Zamjenom pronađenih vrijednosti a=0, f(a)=0, f´(a) = 1 u jednačinu dobijamo: y=x.
Hajde da sumiramo naše korake u pronalaženju jednadžbe tangente na graf funkcije u tački x koristeći algoritam.
ALGORITAM ZA RAZVOJ JEDNAČINE ZA TANGENTU NA GRAFIK FUNKCIJE y = f(x):
1) Označite apscisu tačke tangente slovom a.
2) Izračunajte f(a).
3) Pronađite f´(x) i izračunajte f´(a).
4) Zamijenite pronađene brojeve a, f(a), f´(a) u formulu y= f(a)+ f"(a) (x- a).
Primjer 1. Napraviti jednadžbu za tangentu na graf funkcije y = - in
tačka x = 1.
Rješenje. Koristimo algoritam, uzimajući u obzir to u ovom primjeru
2) f(a)=f(1)=- =-1
3) f´(x)=; f´(a)= f´(1)= =1.
4) Pronađena tri broja: a = 1, f(a) = -1, f"(a) = 1 zamijenimo u formulu. Dobijamo: y = -1+(x-1), y = x-2 .
Odgovor: y = x-2.
Primjer 2. Zadata je funkcija y = x 3 +3x 2 -2x-2. Zapišite jednadžbu tangente na graf funkcije y = f(x), paralelnu pravoj liniji y = -2x +1.
Koristeći algoritam za sastavljanje tangentne jednadžbe, uzimamo u obzir da je u ovom primjeru f(x) = x 3 +3x 2 -2x-2, ali apscisa tačke tangente ovdje nije naznačena.
Hajde da počnemo da razmišljamo ovako. Željena tangenta mora biti paralelna pravoj liniji y = -2x+1. I paralelne prave imaju jednake ugaone koeficijente. To znači da je ugaoni koeficijent tangente jednak ugaonom koeficijentu date prave linije: k tangente. = -2. Hok cas. = f"(a). Dakle, možemo pronaći vrijednost a iz jednačine f´(a) = -2.
Nađimo derivaciju funkcije y=f(x):
f"(x)= (x 3 +3x 2 -2x-2)´ =3x 2 +6x-2;f"(a)= 3a 2 +6a-2.
Iz jednačine f"(a) = -2, tj. 3a 2 +6a-2=-2 nalazimo a 1 =0, a 2 =-2. To znači da postoje dvije tangente koje zadovoljavaju uslove problema: jedna u tački sa apscisom 0, druga u tački sa apscisom -2.
Sada možete pratiti algoritam.
1) a 1 =0, i 2 =-2.
2) f(a 1)= 0 3 +3·0 2 -2∙0-2=-2; f(a 2)= (-2) 3 +3·(-2) 2 -2·(-2)-2=6;
3) f"(a 1) = f"(a 2) = -2.
4) Zamjenom vrijednosti a 1 = 0, f(a 1) = -2, f"(a 1) = -2 u formulu, dobijamo:
y=-2-2(x-0), y=-2x-2.
Zamjenom vrijednosti a 2 = -2, f(a 2) =6, f"(a 2) = -2 u formulu, dobijamo:
y=6-2(x+2), y=-2x+2.
Odgovor: y=-2x-2, y=-2x+2.
Primjer 3. Iz tačke (0; 3) povući tangentu na graf funkcije y = . Rješenje. Koristimo algoritam za sastavljanje tangentne jednačine, uzimajući u obzir da je u ovom primjeru f(x) = . Imajte na umu da ovdje, kao u primjeru 2, apscisa tačke tangente nije eksplicitno naznačena. Ipak, slijedimo algoritam.
1) Neka je x = a apscisa tačke dodira; jasno je da je a >0.
3) f´(x)=()´=; f´(a) =.
4) Zamjena vrijednosti a, f(a) = , f"(a) = u formulu
y=f (a) +f "(a) (x-a), dobijamo:
Po uslovu, tangenta prolazi kroz tačku (0; 3). Zamjenom vrijednosti x = 0, y = 3 u jednadžbu dobijamo: 3 = , a zatim =6, a =36.
Kao što vidite, u ovom primjeru, tek u četvrtom koraku algoritma uspjeli smo pronaći apscisu tačke tangente. Zamjenom vrijednosti a =36 u jednačinu dobijamo: y=+3
Na sl. Na slici 1 prikazana je geometrijska ilustracija razmatranog primjera: konstruiran je grafik funkcije y =, nacrtana je prava linija y = +3.
Odgovor: y = +3.
Znamo da za funkciju y = f(x), koja ima derivaciju u tački x, vrijedi približna jednakost: Δyf´(x)Δx (delta y je približno jednak eff prostom broju x pomnoženom sa delta x)
ili, detaljnije, f(x+Δx)-f(x) f´(x) Δx (eff od x plus delta x minus ef od x je približno jednako ef prosto od x sa delta x).
Radi pogodnosti dalje rasprave, promijenimo notaciju:
umjesto x pisaćemo A,
umjesto x+Δx pisaćemo x
Umjesto Δx pisaćemo x-a.
Tada će približna jednakost koja je gore napisana poprimiti oblik:
f(x)-f(a)f´(a)(x-a)
f(x)f(a)+f´(a)(x-a). (eff iz x je približno jednak ef iz plus ef proste iz a, pomnoženo sa razlikom između x i a).
Primjer 4. Pronađite približnu vrijednost brojevnog izraza 2,003 6.
Rješenje. Govorimo o pronalaženju vrijednosti funkcije y = x 6 u tački x = 2,003. Koristimo formulu f(x)f(a)+f´(a)(x-a), uzimajući u obzir da je u ovom primjeru f(x)=x 6, a = 2,f(a) = f(2) = 2 6 =64; x = 2,003, f"(x) = 6x 5 i, prema tome, f"(a) = f"(2) = 6 2 5 =192.
Kao rezultat dobijamo:
2,003 6 64+192· 0,003, tj. 2.003 6 =64.576.
Ako koristimo kalkulator, dobijamo:
2,003 6 = 64,5781643...
Kao što vidite, tačnost aproksimacije je sasvim prihvatljiva.
Članak daje detaljno objašnjenje definicija, geometrijsko značenje izvedenice sa grafičkim oznakama. Jednadžba tangente će se razmatrati na primjerima, naći će se jednadžbe tangente na krivulje 2. reda.
Yandex.RTB R-A-339285-1 Definicija 1
Ugao nagiba prave linije y = k x + b naziva se ugao α, koji se mjeri od pozitivnog smjera ose x do prave linije y = k x + b u pozitivnom smjeru.
Na slici je smjer x označen zelenom strelicom i zelenim lukom, a ugao nagiba crvenim lukom. Plava linija se odnosi na pravu liniju.
Definicija 2
Nagib prave linije y = k x + b naziva se numerički koeficijent k.
Ugaoni koeficijent jednak je tangenti prave, drugim riječima k = t g α.
- Ugao nagiba prave linije jednak je 0 samo ako je paralelna oko x, a nagib jednak nuli, jer je tangenta nule jednaka 0. To znači da će oblik jednačine biti y = b.
- Ako je ugao nagiba prave linije y = k x + b oštar, tada su ispunjeni uslovi 0< α < π 2 или 0 ° < α < 90 ° . Отсюда имеем, что значение углового коэффициента k считается положительным числом, потому как значение тангенс удовлетворяет условию t g α >0, a na grafu se povećava.
- Ako je α = π 2, tada je lokacija prave okomita na x. Jednakost je specificirana sa x = c pri čemu je vrijednost c realan broj.
- Ako je ugao nagiba prave linije y = k x + b tup, onda odgovara uslovima π 2< α < π или 90 ° < α < 180 ° , значение углового коэффициента k принимает отрицательное значение, а график убывает.
Sekansa je prava koja prolazi kroz 2 tačke funkcije f (x). Drugim riječima, sekansa je prava linija koja prolazi kroz bilo koje dvije točke na grafu date funkcije.
Slika pokazuje da je A B sekansa, a f (x) je crna kriva, α je crveni luk, koji označava ugao nagiba sekansa.
Kada je ugaoni koeficijent prave linije jednak tangentu ugla nagiba, jasno je da se tangenta pravouglog trougla A B C može naći odnosom suprotne strane prema susednoj.
Definicija 4
Dobijamo formulu za pronalaženje sekante oblika:
k = t g α = B C A C = f (x B) - f x A x B - x A, gdje su apscise tačaka A i B vrijednosti x A, x B i f (x A), f (x B) su funkcije vrijednosti u ovim tačkama.
Očigledno, kutni koeficijent sekante se određuje pomoću jednakosti k = f (x B) - f (x A) x B - x A ili k = f (x A) - f (x B) x A - x B , a jednačina se mora napisati kao y = f (x B) - f (x A) x B - x A x - x A + f (x A) ili
y = f (x A) - f (x B) x A - x B x - x B + f (x B) .
Sekanta vizualno dijeli graf na 3 dijela: lijevo od tačke A, od A do B, desno od B. Slika ispod pokazuje da postoje tri sekante koje se smatraju podudarnim, odnosno postavljene su pomoću slična jednačina.
Po definiciji je jasno da je prava linija i njena sekansa u u ovom slučaju podudaraju se.
Sekansa može više puta preseći graf date funkcije. Ako postoji jednadžba oblika y = 0 za sekantu, tada je broj točaka presjeka sa sinusoidom beskonačan.
Definicija 5
Tangenta na graf funkcije f (x) u tački x 0 ; f (x 0) je prava linija koja prolazi kroz datu tačku x 0; f (x 0), uz prisustvo segmenta koji ima mnogo x vrijednosti blizu x 0.
Primjer 1
Pogledajmo pobliže primjer u nastavku. Tada je jasno da se prava definirana funkcijom y = x + 1 smatra tangentnom na y = 2 x u tački s koordinatama (1; 2). Radi jasnoće, potrebno je razmotriti grafove sa vrijednostima bliskim (1; 2). Funkcija y = 2 x je prikazana crnom bojom, plava linija je tangentna linija, a crvena tačka je tačka preseka.
Očigledno, y = 2 x spaja se s pravom y = x + 1.
Da bismo odredili tangentu, treba razmotriti ponašanje tangente A B dok se tačka B beskonačno približava tački A. Radi jasnoće, predstavljamo crtež.
Sekansa A B, označena plavom linijom, teži položaju same tangente, a ugao nagiba sekansa α počeće da teži uglu nagiba same tangente α x.
Definicija 6
Tangenta na graf funkcije y = f (x) u tački A smatra se graničnim položajem sekante A B dok B teži ka A, odnosno B → A.
Sada idemo dalje na razmatranje geometrijskog značenja derivacije funkcije u tački.
Prijeđimo na razmatranje sekante A B za funkciju f (x), gdje je A i B sa koordinatama x 0, f (x 0) i x 0 + ∆ x, f (x 0 + ∆ x), a ∆ x označen kao prirast argumenta . Sada će funkcija imati oblik ∆ y = ∆ f (x) = f (x 0 + ∆ x) - f (∆ x) . Radi jasnoće, dajmo primjer crteža.
Razmotrimo rezultat pravougaonog trougla A B C. Za rješavanje koristimo definiciju tangente, odnosno dobijamo relaciju ∆ y ∆ x = t g α . Iz definicije tangente slijedi da je lim ∆ x → 0 ∆ y ∆ x = t g α x . Prema pravilu derivacije u tački, imamo da se derivacija f (x) u tački x 0 naziva granicom omjera prirasta funkcije i priraštaja argumenta, gdje je ∆ x → 0 , onda ga označavamo kao f (x 0) = lim ∆ x → 0 ∆ y ∆ x .
Iz toga slijedi da je f " (x 0) = lim ∆ x → 0 ∆ y ∆ x = t g α x = k x, gdje je k x označen kao nagib tangente.
To jest, nalazimo da f ' (x) može postojati u tački x 0, i kao tangenta na dati graf funkcije u tački tangentnosti jednakoj x 0, f 0 (x 0), gdje je vrijednost nagib tangente u tački jednak je izvodu u tački x 0 . Tada dobijamo da je k x = f " (x 0) .
Geometrijsko značenje Izvod funkcije u tački je da je dat koncept postojanja tangente na graf u istoj tački.
Za pisanje jednačine bilo koje prave linije na ravni potrebno je imati ugaoni koeficijent sa tačkom kroz koju ona prolazi. Njegova notacija se uzima kao x 0 na raskrsnici.
Tangentna jednadžba na graf funkcije y = f (x) u tački x 0, f 0 (x 0) ima oblik y = f "(x 0) x - x 0 + f (x 0).
To znači da konačna vrijednost derivacije f"(x 0) može odrediti položaj tangente, odnosno vertikalno, pod uslovom da je lim x → x 0 + 0 f "(x) = ∞ i lim x → x 0 - 0 f "(x ) = ∞ ili odsustvo uopšte pod uslovom lim x → x 0 + 0 f " (x) ≠ lim x → x 0 - 0 f " (x) .
Položaj tangente zavisi od vrednosti njenog ugaonog koeficijenta k x = f "(x 0). Kada je paralelna sa o x osom, dobijamo da je k k = 0, kada je paralelna sa o y - k x = ∞, a oblik tangentna jednačina x = x 0 raste sa k x > 0, opada kao k x< 0 .
Primjer 2
Sastaviti jednadžbu za tangentu na graf funkcije y = e x + 1 + x 3 3 - 6 - 3 3 x - 17 - 3 3 u tački sa koordinatama (1; 3) i odrediti ugao nagiba.
Rješenje
Po uslovu imamo da je funkcija definirana za sve realne brojeve. Nalazimo da je tačka sa koordinatama određenim uslovom, (1; 3) tačka tangentnosti, tada je x 0 = - 1, f (x 0) = - 3.
Potrebno je pronaći izvod u tački sa vrijednošću - 1. Shvatili smo to
y " = e x + 1 + x 3 3 - 6 - 3 3 x - 17 - 3 3 " = = e x + 1 " + x 3 3 " - 6 - 3 3 x " - 17 - 3 3 " = e x + 1 + x 2 - 6 - 3 3 y " (x 0) = y " (- 1) = e - 1 + 1 + - 1 2 - 6 - 3 3 = 3 3
Vrijednost f' (x) u tački tangente je nagib tangente, koji je jednak tangenti nagiba.
Tada je k x = t g α x = y " (x 0) = 3 3
Iz toga slijedi da je α x = a r c t g 3 3 = π 6
odgovor: tangentna jednačina poprima oblik
y = f " (x 0) x - x 0 + f (x 0) y = 3 3 (x + 1) - 3 y = 3 3 x - 9 - 3 3
Radi jasnoće dajemo primjer na grafičkoj ilustraciji.
Crna boja se koristi za graf originalne funkcije, plava boja je slika tangente, a crvena tačka je tačka tangente. Slika desno prikazuje uvećani prikaz.
Primjer 3
Odrediti postojanje tangente na graf date funkcije
y = 3 · x - 1 5 + 1 u tački sa koordinatama (1 ; 1) . Napišite jednačinu i odredite ugao nagiba.
Rješenje
Pod uslovom imamo da se domenom definicije date funkcije smatra skup svih realnih brojeva.
Idemo dalje na pronalaženje derivata
y " = 3 x - 1 5 + 1 " = 3 1 5 (x - 1) 1 5 - 1 = 3 5 1 (x - 1) 4 5
Ako je x 0 = 1, onda je f' (x) nedefinisan, ali su granice zapisane kao lim x → 1 + 0 3 5 1 (x - 1) 4 5 = 3 5 1 (+ 0) 4 5 = 3 5 · 1 + 0 = + ∞ i lim x → 1 - 0 3 5 · 1 (x - 1) 4 5 = 3 5 · 1 (- 0) 4 5 = 3 5 · 1 + 0 = + ∞ , što znači postojanje vertikalne tangente u tački (1; 1).
odgovor: jednadžba će dobiti oblik x = 1, gdje će ugao nagiba biti jednak π 2.
Radi jasnoće, opišimo to grafički.
Primjer 4
Pronađite tačke na grafu funkcije y = 1 15 x + 2 3 - 4 5 x 2 - 16 5 x - 26 5 + 3 x + 2, gdje je
- Ne postoji tangenta;
- Tangenta je paralelna sa x;
- Tangenta je paralelna pravoj y = 8 5 x + 4.
Rješenje
Potrebno je obratiti pažnju na obim definicije. Po uslovu imamo da je funkcija definirana na skupu svih realnih brojeva. Proširujemo modul i rješavamo sistem s intervalima x ∈ - ∞ ; 2 i [ - 2 ; + ∞) . Shvatili smo to
y = - 1 15 x 3 + 18 x 2 + 105 x + 176 , x ∈ - ∞ ; - 2 1 15 x 3 - 6 x 2 + 9 x + 12 , x ∈ [ - 2 ; + ∞)
Potrebno je razlikovati funkciju. Imamo to
y " = - 1 15 x 3 + 18 x 2 + 105 x + 176 " , x ∈ - ∞ ; - 2 1 15 x 3 - 6 x 2 + 9 x + 12 ", x ∈ [ - 2 ; + ∞) ⇔ y " = - 1 5 (x 2 + 12 x + 35) , x ∈ - ∞ ; - 2 1 5 x 2 - 4 x + 3 , x ∈ [ - 2 ; + ∞)
Kada je x = − 2, onda izvod ne postoji jer jednostrane granice nisu jednake u toj tački:
lim x → - 2 - 0 y " (x) = lim x → - 2 - 0 - 1 5 (x 2 + 12 x + 35 = - 1 5 (- 2) 2 + 12 (- 2) + 35 = - 3 lim x → - 2 + 0 y " (x) = lim x → - 2 + 0 1 5 (x 2 - 4 x + 3) = 1 5 - 2 2 - 4 - 2 + 3 = 3
Izračunavamo vrijednost funkcije u tački x = - 2, odakle to dobijamo
- y (- 2) = 1 15 - 2 + 2 3 - 4 5 (- 2) 2 - 16 5 (- 2) - 26 5 + 3 - 2 + 2 = - 2, odnosno tangenta u tački ( - 2; - 2) neće postojati.
- Tangenta je paralelna sa x kada je nagib nula. Tada je k x = t g α x = f "(x 0). Odnosno, potrebno je pronaći vrijednosti takvog x kada ga derivacija funkcije okrene na nulu. To jest, vrijednosti f ' (x) će biti tačke tangente, gde je tangenta paralelna sa x.
Kada je x ∈ - ∞ ; - 2, zatim - 1 5 (x 2 + 12 x + 35) = 0, a za x ∈ (- 2; + ∞) dobijamo 1 5 (x 2 - 4 x + 3) = 0.
1 5 (x 2 + 12 x + 35) = 0 D = 12 2 - 4 35 = 144 - 140 = 4 x 1 = - 12 + 4 2 = - 5 ∈ - ∞ ; - 2 x 2 = - 12 - 4 2 = - 7 ∈ - ∞ ; - 2 1 5 (x 2 - 4 x + 3) = 0 D = 4 2 - 4 · 3 = 4 x 3 = 4 - 4 2 = 1 ∈ - 2 ; + ∞ x 4 = 4 + 4 2 = 3 ∈ - 2 ; +∞
Izračunajte odgovarajuće vrijednosti funkcije
y 1 = y - 5 = 1 15 - 5 + 2 3 - 4 5 - 5 2 - 16 5 - 5 - 26 5 + 3 - 5 + 2 = 8 5 y 2 = y (- 7) = 1 15 - 7 + 2 3 - 4 5 (- 7) 2 - 16 5 - 7 - 26 5 + 3 - 7 + 2 = 4 3 y 3 = y (1) = 1 15 1 + 2 3 - 4 5 1 2 - 16 5 1 - 26 5 + 3 1 + 2 = 8 5 y 4 = y (3) = 1 15 3 + 2 3 - 4 5 3 2 - 16 5 3 - 26 5 + 3 3 + 2 = 4 3
Dakle - 5; 8 5, - 4; 4 3, 1; 8 5, 3; 4 3 se smatraju traženim tačkama grafa funkcije.
Hajde da razmotrimo grafička slika rješenja.
Crna linija je graf funkcije, a crvene tačke su dodirne tačke.
- Kada su prave paralelne, ugaoni koeficijenti su jednaki. Zatim je potrebno tražiti tačke na grafu funkcije u kojima će nagib biti jednak vrijednosti 8 5. Da biste to učinili, morate riješiti jednačinu oblika y"(x) = 8 5. Tada, ako je x ∈ - ∞; - 2, dobijamo da je - 1 5 (x 2 + 12 x + 35) = 8 5, a ako je x ∈ ( - 2 ; + ∞), onda je 1 5 (x 2 - 4 x + 3) = 8 5.
Prva jednadžba nema korijen, jer je diskriminant manje od nule. Hajde da to zapišemo
1 5 x 2 + 12 x + 35 = 8 5 x 2 + 12 x + 43 = 0 D = 12 2 - 4 43 = - 28< 0
Dakle, druga jednadžba ima dva realna korijena
1 5 (x 2 - 4 x + 3) = 8 5 x 2 - 4 x - 5 = 0 D = 4 2 - 4 · (- 5) = 36 x 1 = 4 - 36 2 = - 1 ∈ - 2 ; + ∞ x 2 = 4 + 36 2 = 5 ∈ - 2 ; +∞
Idemo dalje na pronalaženje vrijednosti funkcije. Shvatili smo to
y 1 = y (- 1) = 1 15 - 1 + 2 3 - 4 5 (- 1) 2 - 16 5 (- 1) - 26 5 + 3 - 1 + 2 = 4 15 y 2 = y (5) = 1 15 5 + 2 3 - 4 5 5 2 - 16 5 5 - 26 5 + 3 5 + 2 = 8 3
Bodovi sa vrijednostima - 1; 4 15, 5; 8 3 su tačke u kojima su tangente paralelne pravoj y = 8 5 x + 4.
odgovor: crna linija – grafik funkcije, crvena linija – grafik od y = 8 5 x + 4, plava linija – tangente u tačkama - 1; 4 15, 5; 8 3.
Može postojati beskonačan broj tangenata za date funkcije.
Primjer 5
Napišite jednadžbe svih raspoloživih tangenta funkcije y = 3 cos 3 2 x - π 4 - 1 3, koje se nalaze okomito na pravu liniju y = - 2 x + 1 2.
Rješenje
Za sastavljanje jednačine tangente potrebno je pronaći koeficijent i koordinate tačke tangente, na osnovu uslova okomitosti pravih. Definicija je sljedeća: proizvod ugaonih koeficijenata koji su okomiti na prave je jednak - 1, odnosno zapisan kao k x · k ⊥ = - 1. Iz uslova imamo da je ugaoni koeficijent lociran okomito na pravu i jednak je k ⊥ = - 2, tada je k x = - 1 k ⊥ = - 1 - 2 = 1 2.
Sada morate pronaći koordinate dodirnih tačaka. Morate pronaći x, a zatim njegovu vrijednost za datu funkciju. Imajte na umu da iz geometrijskog značenja derivacije u tački
x 0 dobijamo da je k x = y "(x 0). Iz ove jednakosti nalazimo vrijednosti x za tačke dodira.
Shvatili smo to
y " (x 0) = 3 cos 3 2 x 0 - π 4 - 1 3 " = 3 - sin 3 2 x 0 - π 4 3 2 x 0 - π 4 " = = - 3 sin 3 2 x 0 - π 4 3 2 = - 9 2 sin 3 2 x 0 - π 4 ⇒ k x = y " (x 0) ⇔ - 9 2 sin 3 2 x 0 - π 4 = 1 2 ⇒ sin 3 2 x 0 - π 4 = - 1 9
Ova trigonometrijska jednadžba će se koristiti za izračunavanje ordinata tangentnih tačaka.
3 2 x 0 - π 4 = a r c sin - 1 9 + 2 πk ili 3 2 x 0 - π 4 = π - a r c sin - 1 9 + 2 πk
3 2 x 0 - π 4 = - a r c sin 1 9 + 2 πk ili 3 2 x 0 - π 4 = π + a r c sin 1 9 + 2 πk
x 0 = 2 3 π 4 - a r c sin 1 9 + 2 πk ili x 0 = 2 3 5 π 4 + a r c sin 1 9 + 2 πk , k ∈ Z
Z je skup cijelih brojeva.
x je pronađeno kontaktnih tačaka. Sada morate prijeći na traženje vrijednosti y:
y 0 = 3 cos 3 2 x 0 - π 4 - 1 3
y 0 = 3 1 - sin 2 3 2 x 0 - π 4 - 1 3 ili y 0 = 3 - 1 - sin 2 3 2 x 0 - π 4 - 1 3
y 0 = 3 1 - - 1 9 2 - 1 3 ili y 0 = 3 - 1 - - 1 9 2 - 1 3
y 0 = 4 5 - 1 3 ili y 0 = - 4 5 + 1 3
Iz ovoga dobijamo da je 2 3 π 4 - a r c sin 1 9 + 2 πk ; 4 5 - 1 3 , 2 3 5 π 4 + a r c sin 1 9 + 2 πk ; - 4 5 + 1 3 su tačke dodira.
odgovor: potrebne jednačine će biti zapisane kao
y = 1 2 x - 2 3 π 4 - a r c sin 1 9 + 2 πk + 4 5 - 1 3 , y = 1 2 x - 2 3 5 π 4 + a r c sin 1 9 + 2 πk - 4 5 + 1 3 , k ∈ Z
Za vizualni prikaz, razmotrite funkciju i tangentu na koordinatnoj liniji.
Slika pokazuje da se funkcija nalazi na intervalu [ - 10 ; 10 ], gdje je crna linija grafik funkcije, plave linije su tangente, koje se nalaze okomito na datu liniju oblika y = - 2 x + 1 2. Crvene tačke su dodirne tačke.
Kanonske jednadžbe krivulja 2. reda nisu jednovrijedne funkcije. Tangentne jednadžbe za njih se sastavljaju prema poznatim shemama.
Tangenta na kružnicu
Definirati kružnicu sa centrom u tački x c e n t e r ; y c e n t e r i radijus R, primijenimo formulu x - x c e n t e r 2 + y - y c e n t e r 2 = R 2 .
Ova jednakost se može napisati kao unija dvije funkcije:
y = R 2 - x - x c e n t e r 2 + y c e n t e r y = - R 2 - x - x c e n t e r 2 + y c e n t e r
Prva funkcija se nalazi na vrhu, a druga na dnu, kao što je prikazano na slici.
Sastaviti jednadžbu kružnice u tački x 0; y 0 , koji se nalazi u gornjem ili donjem polukrugu, trebali biste pronaći jednadžbu grafika funkcije oblika y = R 2 - x - x c e n t e r 2 + y c e n t e r ili y = - R 2 - x - x c e n t + e y c e n t e r na naznačenoj tački.
Kada je u tačkama x c e n t e r ; y c e n t e r + R i x c e n t e r ; y c e n t e r - R tangente se mogu dati jednadžbama y = y c e n t e r + R i y = y c e n t e r - R , a u tačkama x c e n t e r + R ; y c e n t e r i
x c e n t e r - R ; y c e n t e r će biti paralelan sa o y, tada ćemo dobiti jednačine oblika x = x c e n t e r + R i x = x c e n t e r - R .
Tangenta na elipsu
Kada elipsa ima centar u x c e n t e r ; y c e n t e r sa poluosama a i b, onda se može odrediti pomoću jednačine x - x c e n t e r 2 a 2 + y - y c e n t e r 2 b 2 = 1.
Elipsa i krug se mogu označiti kombinacijom dvije funkcije, odnosno gornje i donje poluelipse. Onda to shvatamo
y = b a · a 2 - (x - x c e n t e r) 2 + y c e n t e r y = - b a · a 2 - (x - x c e n t e r) 2 + y c e n t e r
Ako se tangente nalaze na vrhovima elipse, onda su paralelne oko x ili oko y. U nastavku, radi jasnoće, razmotrite sliku.
Primjer 6
Napišite jednadžbu tangente na elipsu x - 3 2 4 + y - 5 2 25 = 1 u tačkama sa vrijednostima x jednakim x = 2.
Rješenje
Potrebno je pronaći tangente koje odgovaraju vrijednosti x = 2. Zamjenjujemo postojeću jednačinu elipse i nalazimo je
x - 3 2 4 x = 2 + y - 5 2 25 = 1 1 4 + y - 5 2 25 = 1 ⇒ y - 5 2 = 3 4 25 ⇒ y = ± 5 3 2 + 5
Tada je 2 ; 5 3 2 + 5 i 2; - 5 3 2 + 5 su tangente koje pripadaju gornjoj i donjoj poluelipsi.
Pređimo na pronalaženje i rješavanje jednadžbe elipse u odnosu na y. Shvatili smo to
x - 3 2 4 + y - 5 2 25 = 1 y - 5 2 25 = 1 - x - 3 2 4 (y - 5) 2 = 25 1 - x - 3 2 4 y - 5 = ± 5 1 - x - 3 2 4 y = 5 ± 5 2 4 - x - 3 2
Očigledno, gornja poluelipsa je specificirana pomoću funkcije oblika y = 5 + 5 2 4 - x - 3 2, a donja poluelipsa y = 5 - 5 2 4 - x - 3 2.
Primijenimo standardni algoritam za kreiranje jednadžbe za tangentu na graf funkcije u tački. Zapišimo da je jednačina za prvu tangentu u tački 2; 5 3 2 + 5 će izgledati
y " = 5 + 5 2 4 - x - 3 2 " = 5 2 1 2 4 - (x - 3) 2 4 - (x - 3) 2 " = = - 5 2 x - 3 4 - ( x - 3 ) 2 ⇒ y " (x 0) = y " (2) = - 5 2 2 - 3 4 - (2 - 3) 2 = 5 2 3 ⇒ y = y " (x 0) x - x 0 + y 0 ⇔ y = 5 2 3 (x - 2) + 5 3 2 + 5
Nalazimo da je jednačina druge tangente sa vrijednošću u tački
2 ; - 5 3 2 + 5 poprima oblik
y " = 5 - 5 2 4 - (x - 3) 2 " = - 5 2 1 2 4 - (x - 3) 2 4 - (x - 3) 2 " = = 5 2 x - 3 4 - (x - 3) 2 ⇒ y " (x 0) = y " (2) = 5 2 2 - 3 4 - (2 - 3) 2 = - 5 2 3 ⇒ y = y " (x 0) x - x 0 + y 0 ⇔ y = - 5 2 3 (x - 2) - 5 3 2 + 5
Grafički, tangente su označene na sljedeći način:
Tangenta na hiperbolu
Kada hiperbola ima centar u x c e n t e r ; y c e n t e r i vrhovi x c e n t e r + α ; y c e n t e r i x c e n t e r - α ; y c e n t e r , postoji nejednakost x - x c e n t e r 2 α 2 - y - y c e n t e r 2 b 2 = 1, ako je sa vrhovima x c e n t e r ; y c e n t e r + b i x c e n t e r ; y c e n t e r - b , tada se specificira pomoću nejednakosti x - x c e n t e r 2 α 2 - y - y c e n t e r 2 b 2 = - 1 .
Hiperbola se može predstaviti kao dvije kombinovane funkcije oblika
y = b a · (x - x c e n t e r) 2 - a 2 + y c e n t e r y = - b a · (x - x c e n t e r) 2 - a 2 + y c e n t e r ili y = b a · (x - x n + c2) e r y = - b a · (x - x c e n t e r) 2 + a 2 + y c e n t e r
U prvom slučaju imamo da su tangente paralelne sa y, au drugom paralelne sa x.
Iz toga slijedi da je za pronalaženje jednačine tangente na hiperbolu potrebno saznati kojoj funkciji pripada tačka tangente. Da bi se to utvrdilo, potrebno je izvršiti zamjenu u jednadžbe i provjeriti identitet.
Primjer 7
Napišite jednačinu za tangentu na hiperbolu x - 3 2 4 - y + 3 2 9 = 1 u tački 7; - 3 3 - 3 .
Rješenje
Za pronalaženje hiperbole potrebno je transformirati zapis rješenja pomoću 2 funkcije. Shvatili smo to
x - 3 2 4 - y + 3 2 9 = 1 ⇒ y + 3 2 9 = x - 3 2 4 - 1 ⇒ y + 3 2 = 9 x - 3 2 4 - 1 ⇒ y + 3 = 3 2 x - 3 2 - 4 i y + 3 = - 3 2 x - 3 2 - 4 ⇒ y = 3 2 x - 3 2 - 4 - 3 y = - 3 2 x - 3 2 - 4 - 3
Potrebno je identifikovati kojoj funkciji pripada data tačka sa koordinatama 7; - 3 3 - 3 .
Očigledno, za provjeru prve funkcije potrebno je y (7) = 3 2 · (7 - 3) 2 - 4 - 3 = 3 3 - 3 ≠ - 3 3 - 3, tada tačka ne pripada grafu, pošto jednakost ne važi.
Za drugu funkciju imamo da je y (7) = - 3 2 · (7 - 3) 2 - 4 - 3 = - 3 3 - 3 ≠ - 3 3 - 3, što znači da tačka pripada datom grafu. Odavde biste trebali pronaći padinu.
Shvatili smo to
y " = - 3 2 (x - 3) 2 - 4 - 3 " = - 3 2 x - 3 (x - 3) 2 - 4 ⇒ k x = y " (x 0) = - 3 2 x 0 - 3 x 0 - 3 2 - 4 x 0 = 7 = - 3 2 7 - 3 7 - 3 2 - 4 = - 3
odgovor: tangentna jednačina se može predstaviti kao
y = - 3 x - 7 - 3 3 - 3 = - 3 x + 4 3 - 3
Jasno je prikazano ovako:
Tangenta na parabolu
Da biste kreirali jednadžbu za tangentu na parabolu y = a x 2 + b x + c u tački x 0, y (x 0), morate koristiti standardni algoritam, tada će jednadžba imati oblik y = y "(x 0) x - x 0 + y ( x 0). Takva tangenta na vrhu je paralelna sa x.
Trebali biste definirati parabolu x = a y 2 + b y + c kao uniju dvije funkcije. Stoga moramo riješiti jednačinu za y. Shvatili smo to
x = a y 2 + b y + c ⇔ a y 2 + b y + c - x = 0 D = b 2 - 4 a (c - x) y = - b + b 2 - 4 a (c - x) 2 a y = - b - b 2 - 4 a (c - x) 2 a
Grafički prikazano kao:
Da biste saznali da li tačka x 0, y (x 0) pripada funkciji, postupajte lagano prema standardnom algoritmu. Takva tangenta će biti paralelna sa o y u odnosu na parabolu.
Primjer 8
Napišite jednačinu tangente na graf x - 2 y 2 - 5 y + 3 kada imamo ugao tangente od 150°.
Rješenje
Rješenje započinjemo predstavljanjem parabole kao dvije funkcije. Shvatili smo to
2 y 2 - 5 y + 3 - x = 0 D = (- 5) 2 - 4 · (- 2) · (3 - x) = 49 - 8 x y = 5 + 49 - 8 x - 4 y = 5 - 49 - 8 x - 4
Vrijednost nagiba jednaka je vrijednosti derivacije u tački x 0 ove funkcije i jednaka je tangentu ugla nagiba.
Dobijamo:
k x = y "(x 0) = t g α x = t g 150 ° = - 1 3
Odavde određujemo x vrijednost za tačke kontakta.
Prva funkcija će biti napisana kao
y " = 5 + 49 - 8 x - 4 " = 1 49 - 8 x ⇒ y " (x 0) = 1 49 - 8 x 0 = - 1 3 ⇔ 49 - 8 x 0 = - 3
Očigledno, nema pravih korijena, jer smo dobili negativnu vrijednost. Zaključujemo da za takvu funkciju ne postoji tangenta sa uglom od 150°.
Druga funkcija će biti napisana kao
y " = 5 - 49 - 8 x - 4 " = - 1 49 - 8 x ⇒ y " (x 0) = - 1 49 - 8 x 0 = - 1 3 ⇔ 49 - 8 x 0 = - 3 x 0 = 23 4 ⇒ y (x 0) = 5 - 49 - 8 23 4 - 4 = - 5 + 3 4
Imamo da su dodirne tačke 23 4 ; - 5 + 3 4 .
odgovor: tangentna jednačina poprima oblik
y = - 1 3 x - 23 4 + - 5 + 3 4
Prikažimo to grafički na ovaj način:
Ako primijetite grešku u tekstu, označite je i pritisnite Ctrl+Enter
Y = f(x) i ako se u ovoj tački može povući tangenta na graf funkcije koja nije okomita na osu apscise, tada je kutni koeficijent tangente jednak f"(a). Već smo koristio ovo nekoliko puta. Na primjer, u § 33 je utvrđeno da grafik funkcije y = sin x (sinusoida) u početku formira ugao od 45° sa x-osom (tačnije, tangentom na graf na početku čini ugao od 45° sa pozitivnim smerom x-ose), a u primeru 5 § 33 tačke su pronađene prema datom rasporedu funkcije, u kojem je tangenta paralelna s x-osi. U primjeru 2 iz § 33, sastavljena je jednadžba za tangentu na graf funkcije y = x 2 u tački x = 1 (tačnije, u tački (1; 1), ali češće je samo vrijednost apscise naznačeno, vjerujući da ako je vrijednost apscise poznata, onda se vrijednost ordinate može naći iz jednačine y = f(x)). U ovom dijelu ćemo razviti algoritam za sastavljanje tangentne jednadžbe na graf bilo koje funkcije.
Neka su data funkcija y = f(x) i tačka M (a; f(a)), a poznato je i da f"(a) postoji. Sastavimo jednačinu za tangentu na graf a zadata funkcija u datoj tački.Ova jednadžba je kao jednadžba bilo koje prave linije koja nije paralelna sa ordinatnom osom ima oblik y = kx+m, pa je zadatak pronaći vrijednosti koeficijenata k i m.
Nema problema sa ugaonim koeficijentom k: znamo da je k = f "(a). Za izračunavanje vrijednosti m koristimo činjenicu da željena prava linija prolazi kroz tačku M(a; f (a)) To znači da ako zamenimo koordinate tačku M u jednačinu prave, dobijamo tačnu jednakost: f(a) = ka+m, iz koje nalazimo da je m = f(a) - ka.
Ostaje zamijeniti pronađene vrijednosti koeficijenata kompleta jednačina ravno:
Dobili smo jednadžbu za tangentu na graf funkcije y = f(x) u tački x=a.
ako, recimo,
Zamjenom pronađenih vrijednosti a = 1, f(a) = 1 f"(a) = 2 u jednačinu (1), dobijamo: y = 1+2(x-f), tj. y = 2x-1.
Uporedite ovaj rezultat sa onim dobijenim u primeru 2 iz § 33. Naravno, desilo se isto.
Napravimo jednačinu za tangentu na graf funkcije y = tan x na početku. Imamo: 
to znači cos x f"(0) = 1. Zamjenom pronađenih vrijednosti a = 0, f(a) = 0, f"(a) = 1 u jednačinu (1), dobijamo: y = x.
Zato smo povukli tangentoid u § 15 (vidi sliku 62) kroz ishodište koordinata pod uglom od 45° u odnosu na osu apscise.
Prilikom rješavanja ovih prilično jednostavnih primjera, zapravo smo koristili određeni algoritam koji je sadržan u formuli (1). Učinimo ovaj algoritam eksplicitnim.
ALGORITAM ZA RAZVOJ JEDNAČINE ZA TANGENTU NA GRAFIK FUNKCIJE y = f(x)
1) Označite apscisu tačke tangente slovom a.
2) Izračunajte 1 (a).
3) Pronađite f"(x) i izračunajte f"(a).
4) Pronađene brojeve a, f(a), (a) zamijeniti u formulu (1).
Primjer 1. Napišite jednadžbu za tangentu na graf funkcije u tački x = 1.
Koristimo algoritam, uzimajući u obzir to u ovom primjeru
Na sl. 126 je prikazana hiperbola, konstruisana je prava linija y = 2.
Crtež potvrđuje gornje proračune: zaista, prava y = 2 dodiruje hiperbolu u tački (1; 1).
odgovor: y = 2- x.
Primjer 2. Nacrtajte tangentu na graf funkcije tako da bude paralelna pravoj y = 4x - 5.
Hajde da razjasnimo formulaciju problema. Zahtjev da se "nacrta tangenta" obično znači "da se formira jednačina za tangentu". Ovo je logično, jer ako je osoba mogla stvoriti jednadžbu za tangentu, onda je malo vjerojatno da će imati poteškoća u konstruiranju prave linije na koordinatnoj ravni koristeći njenu jednadžbu.
Koristimo algoritam za sastavljanje jednadžbe tangente, uzimajući u obzir da u ovom primjeru, ali, za razliku od prethodnog primjera, postoji nejasnoća: apscisa tačke tangente nije eksplicitno naznačena.
Hajde da počnemo da razmišljamo ovako. Željena tangenta mora biti paralelna pravoj liniji y = 4x-5. Dvije prave su paralelne ako i samo ako su im nagibi jednaki. To znači da ugaoni koeficijent tangente mora biti jednak ugaonom koeficijentu date prave linije: 
Dakle, možemo pronaći vrijednost a iz jednačine f"(a) = 4.
Imamo: 
Iz jednačine To znači da postoje dvije tangente koje zadovoljavaju uslove problema: jedna u tački sa apscisom 2, druga u tački sa apscisom -2.
Sada možete pratiti algoritam.
Primjer 3. Iz tačke (0; 1) nacrtajte tangentu na graf funkcije
Koristimo algoritam za sastavljanje jednadžbe tangente, uzimajući u obzir da u ovom primjeru, Imajte na umu da ovdje, kao u primjeru 2, apscisa tačke tangente nije eksplicitno naznačena. Ipak, slijedimo algoritam.
Po uslovu, tangenta prolazi kroz tačku (0; 1). Zamjenom vrijednosti x = 0, y = 1 u jednačinu (2) dobijamo: 
Kao što vidite, u ovom primjeru, tek u četvrtom koraku algoritma uspjeli smo pronaći apscisu tačke tangente. Zamjenom vrijednosti a =4 u jednačinu (2) dobijamo:
Na sl. 127 predstavlja geometrijsku ilustraciju razmatranog primjera: iscrtan je graf funkcije
U § 32 smo primijetili da za funkciju y = f(x) koja ima izvod u fiksnoj tački x vrijedi približna jednakost:
Radi pogodnosti daljeg razmišljanja, promijenimo notaciju: umjesto x pisaćemo a, umjesto pisaćemo x i, shodno tome, umjesto x-a. Tada će približna jednakost koja je gore napisana poprimiti oblik:
Sada pogledajte sl. 128. Tangenta je povučena na graf funkcije y = f(x) u tački M (a; f (a)). Tačka x je označena na x-osi blizu a. Jasno je da je f(x) ordinata grafa funkcije u navedenoj tački x. Šta je f(a) + f"(a) (x-a)? Ovo je ordinata tangente koja odgovara istoj tački x - vidi formulu (1). Šta znači približna jednakost (3)? Činjenica Da biste izračunali približnu vrijednost funkcije, uzmite vrijednost ordinate tangente.
Primjer 4. Pronađite približnu vrijednost brojevnog izraza 1,02 7.
Govorimo o pronalaženju vrijednosti funkcije y = x 7 u tački x = 1,02. Koristimo formulu (3), uzimajući u obzir to u ovom primjeru
Kao rezultat dobijamo:
Ako koristimo kalkulator, dobijamo: 1,02 7 = 1,148685667...
Kao što vidite, tačnost aproksimacije je sasvim prihvatljiva.
odgovor: 1,02 7 =1,14.
A.G. Mordkovich algebra 10. razred
Kalendarsko-tematsko planiranje u matematici, video u matematici online, matematika u školi preuzimanje
Sadržaj lekcije beleške sa lekcija podrška okvirnoj prezentaciji lekcija metode ubrzanja interaktivne tehnologije Vježbajte zadaci i vježbe radionice za samotestiranje, obuke, slučajevi, potrage domaća zadaća diskusija pitanja retorička pitanja učenika Ilustracije audio, video i multimedija fotografije, slike, grafike, tabele, dijagrami, humor, anegdote, vicevi, stripovi, parabole, izreke, ukrštene reči, citati Dodaci sažetakačlanci trikovi za radoznale jaslice udžbenici osnovni i dodatni rječnik pojmova ostalo Poboljšanje udžbenika i lekcijaispravljanje grešaka u udžbeniku ažuriranje fragmenta u udžbeniku, elementi inovacije u lekciji, zamjena zastarjelog znanja novim Samo za nastavnike savršene lekcije kalendarski plan za godinu smjernice diskusioni programi Integrisane lekcijeInstrukcije
Određujemo ugaoni koeficijent tangente na krivu u tački M.
Kriva koja predstavlja graf funkcije y = f(x) je kontinuirana u određenoj okolini tačke M (uključujući i samu tačku M).
Ako vrijednost f‘(x0) ne postoji, onda ili nema tangente, ili ide okomito. S obzirom na to, prisustvo derivacije funkcije u tački x0 je zbog postojanja nevertikalne tangente tangente na graf funkcije u tački (x0, f(x0)). U ovom slučaju, kutni koeficijent tangente će biti jednak f "(x0). Dakle, geometrijsko značenje derivacije postaje jasno - izračunavanje kutnog koeficijenta tangente.
Pronađite vrijednost apscise tangentne tačke, koja je označena slovom "a". Ako se poklapa sa datom tačkom tangente, tada će "a" biti njena x-koordinata. Odredite vrijednost funkcije f(a) zamjenom u jednadžbi funkcije vrijednost apscise.
Odrediti prvi izvod jednačine funkcije f’(x) i u njega ubaciti vrijednost tačke “a”.
Uzmite opću tangentnu jednadžbu, koja je definirana kao y = f(a) = f (a)(x – a), i u nju zamijenite pronađene vrijednosti a, f(a), f"(a). Kao rezultat, rješenje grafa će biti pronađeno i tangentno.
Riješite problem na drugačiji način ako se data tačka tangente ne poklapa sa tačkom tangente. U ovom slučaju, potrebno je zamijeniti „a” umjesto brojeva u jednadžbi tangente. Nakon toga, umjesto slova “x” i “y”, zamijenite vrijednost koordinata date tačke. Riješi rezultirajuću jednačinu u kojoj je "a" nepoznata. Utaknite rezultirajuću vrijednost u jednadžbu tangente.
Napišite jednadžbu za tangentu sa slovom “a” ako je u iskazu problema navedena jednačina funkcije i jednadžba paralelne prave u odnosu na željenu tangentu. Nakon ovoga trebamo derivat funkcije, na koordinatu u tački “a”. Zamijenite odgovarajuću vrijednost u tangentnu jednadžbu i riješite funkciju.
Neka je data funkcija f koja u nekoj tački x 0 ima konačan izvod f (x 0). Tada se prava linija koja prolazi kroz tačku (x 0 ; f (x 0)), koja ima ugaoni koeficijent f ’(x 0), naziva tangentom.
Šta se dešava ako izvod ne postoji u tački x 0? Postoje dvije opcije:
- Ne postoji ni tangenta na graf. Klasičan primjer- funkcija y = |x | u tački (0; 0).
- Tangenta postaje vertikalna. To vrijedi, na primjer, za funkciju y = arcsin x u tački (1; π /2).
Tangentna jednadžba
Svaka nevertikalna prava linija je data jednačinom oblika y = kx + b, gdje je k nagib. Tangenta nije izuzetak, a da bi se stvorila njena jednadžba u nekoj tački x 0, dovoljno je znati vrijednost funkcije i derivacije u ovoj tački.
Dakle, neka je data funkcija y = f (x) koja ima izvod y = f ’(x) na segmentu. Tada se u bilo kojoj tački x 0 ∈ (a ; b) može povući tangenta na graf ove funkcije, koja je data jednadžbom:
y = f ’(x 0) (x − x 0) + f (x 0)
Ovdje je f’(x 0) vrijednost derivacije u tački x 0, a f (x 0) je vrijednost same funkcije.
Zadatak. Zadata funkcija y = x 3 . Napišite jednadžbu za tangentu na graf ove funkcije u tački x 0 = 2.
Jednačina tangente: y = f ’(x 0) · (x − x 0) + f (x 0). Tačka x 0 = 2 nam je data, ali će se morati izračunati vrijednosti f (x 0) i f ’(x 0).
Prvo, pronađimo vrijednost funkcije. Ovdje je sve lako: f (x 0) = f (2) = 2 3 = 8;
Sada pronađimo izvod: f ’(x) = (x 3)’ = 3x 2;
Zamjenjujemo x 0 = 2 u izvod: f ’(x 0) = f ’(2) = 3 2 2 = 12;
Ukupno dobijamo: y = 12 · (x − 2) + 8 = 12x − 24 + 8 = 12x − 16.
Ovo je tangentna jednadžba.
Zadatak. Napišite jednadžbu za tangentu na graf funkcije f (x) = 2sin x + 5 u tački x 0 = π /2.
Ovaj put nećemo detaljno opisivati svaku radnju - samo ćemo naznačiti ključne korake. Imamo:
f (x 0) = f (π /2) = 2sin (π /2) + 5 = 2 + 5 = 7;
f ’(x) = (2sin x + 5)’ = 2cos x;
f ’(x 0) = f ’(π /2) = 2cos (π /2) = 0;
Tangentna jednadžba:
y = 0 · (x − π /2) + 7 ⇒ y = 7
U potonjem slučaju, ravna linija se pokazala vodoravnom, jer njegov ugaoni koeficijent k = 0. U ovome nema ništa loše - upravo smo naišli na tačku ekstrema.
Učitavanje...